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山东中考时间2022具体时间看这里!迎战2022年中考物理一模-山东烟台卷

迎战中考2022年物理一模

山东烟台卷

(本卷共27小题,全卷共六个大题,满分100分)

一、单项选择题(本题共15小题,每小题2分)

1.如图所示的做法中,符合安全用电原则的是(  )。

【答案】A。

【解析】A、电冰箱必须使用三脚插头,让金属外壳接地可以防止因漏电导致金属外壳带电而发生触电事故,故A正确;

B、由于水是导体,所以用湿抹布擦发光的灯泡很容易使得人触电,故B错误;

C、用手指触碰插座的插孔的做法是很危险的,很容易碰到里面的金属片而触电,故C错误;

D、在大树下避雨,因为大树和人体都是电的良导体,雷电极易通过突起物﹣﹣大树传向人体,而造成雷电灾害,故D错误;故选A。

2.以下现象,反映了光的色散现象的是( )。

A.雨后天空,弧状光带;B.岸边树木,水中倒立;

C.水中铅笔,水面折断;D.井底之蛙,所见甚小

【答案】A。

【解析】A、雨过天晴时,常在天空出现彩虹,这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的,白光经水珠折射以后,分成各种彩色光,这种现象叫做光的色散现象;所以说雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的;此选项符合题意。

B、水中倒影是由光的反射形成的,不属于光的色散;此选项不符合题意。

C、水中铅笔,水面折断是光的折射现象,不属于光的色散;此选项不符合题意。

D、“坐井观天,所见甚小”,这一现象说明了光在同一种均匀物质中是沿直线传播的;此选项不符合题意。故选A。

3.下列有关声音的说法中,错误的是( )。

A.敲击鼓面,看到鼓面上的泡沫颗粒跳动,说明声音是由物体的振动产生的;

B.把正在响铃的闹钟放在玻璃罩内,逐渐抽出其中的空气,音量减弱,说明空气能够传声;

C.直尺伸出桌面的长度越短,拨动时发出的声音音调越高,说明响度由频率决定;

D.发声的扬声器外,烛焰晃动,说明声音可以传递能量

【答案】C。

【解析】A.敲击鼓面,看到鼓面上的泡沫颗粒跳动,说明声音是由物体的振动产生的;此说法正确。鼓面上的泡沫颗粒的跳动,说明了鼓面的振动,所以声音是由物体振动产生的。

B.把正在响铃的闹钟放在玻璃罩内,逐渐抽出其中的空气,音量减弱,说明空气能够传声;此说法正确。玻璃罩内的空气是传播声音的介质,音量减弱只能说明玻璃罩内的空气稀薄。

C.直尺伸出桌面的长度越短,拨动时发出的声音音调越高,说明响度由频率决定;此说法错误。物体振动的音调越高,它的振动频率越大,音调高指的是频率大,不是响度大;响度是由振动幅度决定的。故,C符合题意。

D.发声的扬声器外,烛焰晃动,说明声音可以传递能量;此说法正确。声音可以传递信息,也可以传递能量;在扬声器旁的烛焰的闪动正说明了这一论断。

4.如图所示,甲、乙两容器间有一斜管相通,中间有阀门K控制,容器中装有水,且两容器中水面相平,则( )。

A.打开阀门K后,由于水受重力作用,水将从甲流到乙;

B.打开阀门K后,由于b处的压强大于a处的压强,水将从乙流到甲;

C.打开阀门K后,因为甲、乙两容器中液面高度相等,所以水不会流动;

D.打开阀门K后,因为乙中的水多,所以从乙流到甲

【答案】C。

【解析】根据连通器的特点可知,图示中的容器装的都是水,并且两容器中水面相平,故打开阀门后,水不会流动。故选C。

5.针对下列春夏秋冬四种现象中不可能发生的是( )。

  1. 温暖的春天,有些南方地区会出现“回南天”天气,地面、墙壁全是湿的;
  2. 潮湿的夏天,从冰箱里取出的冰糕冒“白气”;
  3. 凉爽的秋天,窗玻璃外侧出出现雾;
  4. 寒冷的冬天,戴眼镜的同学走出教室镜片会模糊

【答案】D。

【解析】A、温暖的春天,有些南方地区会出现“回南天”天气,地面、墙壁全是湿的;是由于空气中的水蒸气较多,遇到地面和墙壁发生液化所致;故A不符题意。

B、潮湿的夏天,从冰箱里取出的冰糕冒“白气”;是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴;故B不符题意。

C、凉爽的秋天,窗玻璃外侧出出现雾;是由于是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴,附着在玻璃外表面;故C不符题意。

D、寒冷的冬天,戴眼镜的同学走进教室,镜片会模糊,是因为室内热的水蒸气遇到温度低的镜片液化为液态的小水滴;而走出教室时,则不会发生以上现象;故D符合题意。故选D。

6.下列说法错误的是( )。

A.磁场是由无数条磁感线组成的;

B.磁感线在磁体的外部从磁体N极出发,最后回到S极;

C.将条形磁铁分成若干段,每段磁体均有N、S极;

D.大头针被磁铁吸引的同时也被磁化成小磁体

【答案】A。

【解析】A、磁场是磁体周围的看不见、摸不着的物质,但它是确实存在的;磁感线是我们为了形象的描述磁场,假想出来的物理模型,是不存在的,所以A是错误的;

B、磁感线在磁体的外部是从N极发出,回到S极的,所以B是正确的;

C、条形磁体分成若干段,每段磁体都有两个磁极:N极和S极,所以C是正确的;

D、大头针在被磁体吸引的过程就是它被磁化的过程,所以D是正确的。故选A。

7.下列关于压强的说法正确的是( )。

A.飞机升力是由于机翼上下表面的空气流速不同造成压强差所引起的;

B.拦河坝设计成下宽上窄,利用了液

体压强大小随深度增加而减小;

C.菜刀的刀刃薄,是通过减小受力面积来减小压强;

D.马德堡半球实验首次测出大气压强值

【答案】A。

【解析】A:飞机机翼为流线型,即上方为凸型,下方是平的;等质量的空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面,由于上表面弯曲,下表面平直,所以空气通过机翼上表面的流速大,通过下表面的流速较小;因为机翼上方的空气流速大,压强较小;机翼下方的空气流速小,压强大,所以机翼受到一个向上的压强差,飞机受到向上的升力;故A正确。

B:拦河坝设计成下宽上窄,利用了液体压强大小随深度增加而增大,故B错误。

C:菜刀的刀刃薄,在压力一定时,通过减小受力面积来增大压强,故C错误。

D:马德堡半球实验首次证明大气压的存在,故D错误。

8.如图所示是蹦极运动的简化示意图,弹性绳一端固定在O点,另一端系住运动员,运动员从O点自由下落,到A点处弹性绳自然伸直。B点是运动员受到的重力与弹性绳对运动员拉力相等的点,C点是蹦极运动员到达的最低点(忽略空气阻力),下列说法正确的是( )。

A.从O点到C点运动员速度一直减小;

B.从O点到C点运动员的机械能一直在增大;

C.从O点到C点运动员的机械能一直在减小 ;

D.从O点到A点运动员的机械能不变

【答案】D。

【解析】蹦极运动员在整个运动过程中,从O点到A点,只受重力作用,其速度逐渐增大,动能增大,重力势能减小,但此过程机械能不变;在从A点到C点过程中,运动员受到重力和绳子的拉力作用,机械能不再守恒。所以,正确选项是D。

9.2017年4月22日,天舟一号货运飞船与天宫二号成功对接(如图),天舟一号的任务之一是将储箱内的推进剂(液态燃料和液态氧)分别输送给天宫二号。下面说法不正确的是( )。

A.天舟一号与天宫二号成功对接后一起运动,若以天宫二号为参照物,天舟一号飞船是静止的;

B.液态氧可由气态氧气经过液化而形成;

C.要完成本次推进剂补给任务,天舟一号储箱内的压强比天宫二号储箱内的压强要大

D.天舟一号与天宫二号对接过程中靠声波传递信息。

【答案】D。

【解析】A.天舟一号与天宫二号成功完成对接时,天舟一号与天宫二号的位置不发生变化,所以天舟一号货运飞船相对于天宫二号是静止的;故A正确。

B.物质由气态变为液态的过程叫液化,降低温度和压缩体积是气体液化的两种方式,液态氧可由气态氧气经过液化而形成;故B正确。

C.要完成本次推进剂补给任务,根据力是改变物体运动状态的原因,推进的力要大于阻力,即天舟一号储箱内的压强比天宫二号储箱内的压强大;故C正确。

D.太空是真空,无法传播声波,对接过程中是靠电磁波传递信息的;故D错误;D符合题意,故选D。

10.小燕同学在做“研究凸透镜成像规律”实验时,将点燃的蜡烛、凸透镜、光屏调试到如图所示的位置,光屏中心正好出现清晰的像(未画出)。下列说法中正确的是( )。

A.凸透镜焦距为20cm; B.屏上的像是倒立、缩小的实像;

C.焟烛燃烧变短,屏上像的位置会下降;D.取走光屏,则凸透镜不成像

【答案】B。

【解析】凸透镜焦距从光具座上无法判断,故A错;

蜡烛燃烧变短,像的位置应向上移动,故C错;

取走光屏,凸透镜照样成像,只是没有显示在光屏上而已,故D错。正确答案是B。

11.下列做法中属于增大压强的是( )。

A.站在滑板上滑雪,脚不会陷入雪地;

B.骆驼被称为“沙漠之舟”,是由于它具有宽大的脚掌;

C.蚊子尖尖的口器可以插入皮肤吸吮血液;

D.为了防止载重汽车压坏路面,装有多个宽大的车轮

【答案】C。

【解析】压强大小的影响因素:压力大小和受力面积大小。增大压强的方法:在压力一定时,减小受力面积增大压强。在受力面积一定时,增大压力增大压强;减小压强的方法:在压力一定时,增大受力面积减小压强;在受力面积一定时,减小压力减小压强。

A:站在滑板上滑雪,是在压力一定时,增大受力面积来减小压强,故A不符合题意。

B:骆驼有宽大的脚掌,是在压力一定时,增大受力面积来减小压强,故B不符合题意。

C:蚊子尖尖的口器,是在压力一定时,减小受力面积来增大压强,故C符合题意。

D:载重汽车装有多个宽大的车轮,是在压力一定时,增大受力面积来减小压强,故D不符合题意。答案是C。

12.如图所示,用相同的滑轮不同的绕法提起相同的重物,摩擦力可以忽略不计,在物体匀速上升的过程中( )。

A.甲图省力,机械效率甲图大;B.甲图省力,机械效率一样大;

C.乙图省力,机械效率乙图大;D.乙图省力,机械效率一样大

【答案】B。

【解析】(1)分析左图滑轮组的结构,得出承担物重的绳子股数n=3,则拉力端移动的距离S=3h,因摩擦力可以忽略不计,根据

求拉力的大小;利用

求机械效率大小;

;(2)同理,求出右图的拉力和机械效率,通过比较得出答案。

  1. 分析左图可知,n=3,则s=3h,因为摩擦力可以忽略不计,所以,。

(2)分析右图可知,n=2,则s=2h,因为摩擦力可以忽略不计,所以

,由此可知:F1<F2,η1=η2,所以甲图省力,机械效率一样大。

13.我国北方的冬季气温很低,到处都是冰天雪地,人们有时会将冰雪融化取水,把冰雪放在水壶里热取水的过程中,下列说法正确的是( )。

A.冰在0℃时,内能为0;

B.这是通过做功的方式改变物体的内能;

C.在加热过程中,壶内的温度一直在上升;

D.水的温度越高,水分子运动越剧烈

【答案】D。

【解析】A. 一切物体都有内能,冰在0℃时,内能不为为0。

B. 把冰雪放在水壶里热取水的过程中,是通过热传递的方式改变物体的内能。

C. 冰在熔化时吸热,但温度不变,所以,在加热过程中,壶内的温度不是一直上升。

D. 分子的运动与温度有关,水的温度越高,水分子运动越剧烈,故选D。

14.如图所示,电源电压保持不变,当开关S闭合时,滑动变阻器R1的滑片P从b端滑到a端的过程中,下列说法正确的是( )。

A.电压表、电流表的示数均变小;

B.电压表、电流表的示数均不变;

C.电压表的示数不变,电流表的示数变小;

D.电压表的示数变小,电流表的示数不变

【答案】D。

【解析】分析电路图:两电阻串联,电流表串联在电路中,滑动变阻器不能起到变阻作用,电压表测量的是aP之间的电压。当滑片P从b端滑到a端的过程中,分析电路中的电阻变化情况,根据欧姆定律确定电流表、电压表示数的变化情况。如图,当滑片P从b端滑到a端的过程中,滑动变阻器不能起到变阻作用,电路中的电阻不变,根据欧姆定律知道电路中的电流不变,即电流表的示数不变;

从b端滑到a端的过程中,RaP变小,因为U1=IRaP ,I不变,

所以滑动变阻器两端的电压变小,即:电压表示数会变小。故选D。

15.某同学做电学实验时,电路如下图所示。已知他所用电流表的量程为0~0.6A,电压表的量程为0~3V,电源电压为6V保持不变,滑动变阻器的最大阻值为50Ω,定值电阻R0为10Ω,开关S闭合后,在实验操作无误的情况下,下列说法中正确的说法是( )。

A.电流表的最大示数为0.6A;

B.滑动变阻器消耗的最小功率为0W;

C.电压表的最小示数为1V;

D.电阻R0消耗的最大功率为1.8W

【答案】C。

【解析】分析滑片P在右端(电阻全连入50Ω)和电压表示数最大(滑动变阻器的部分电阻连入)时的电路组成,利用欧姆定律和电功率的公式求解。

(1)因为电源电压为6V,电压表的量程为0-3V,所以P不能滑到左端,也就是滑动变阻器连入电阻不能为0,滑动变阻器的电功率不能为0;

当电压表的示数为3V,即:UR=3V时:①电流最大(电流表的示数最大),

;②R0消耗的电功率最大,P大=I2R0=(0.3A)2×10Ω=0.9W。

(2)当滑片P在右端(电阻全连入为50Ω),此时电路中的电阻最大,电流最小,

,U小=I小R0=0.1A×10Ω=1V。故选C。

  1. 计算题(1个题,共12分)

16.养生壶的原理如图所示,它有加热和保温两档。当加热到设定温度时,养生壶自动切换为保温档。(养生壶的部分参数如表所示)

(1)当开关S1闭合,S2 (填“闭合”或“断开”)时,养生壶处于加热状态。

(2)在保温档正常工作时,求电路中的电流是多少?

(3)求R1、R2的阻值。

(4)如果养生壶的效率为70%,那么在标准大气压下要将满壶的水从20℃加热至沸腾,请问需要多少分钟?

壶的容积

1.5L

额定电压

220V

加热功率

1000W

保温功率

44W

【解析】(1)养生壶处于加热状态时,电路的总功率最大,

由P=UI=

可知,电源的电压一定时,电路的总电阻最小,

由电路图可知,当开关S1、S2闭合时,电路为R1的简单电路,电路的总电阻最小,养生壶处于加热状态;

(2)在保温档正常工作时,由P=UI可得,电路中的电流:I=

=0.2A;

(3)养生壶处于加热状态时,电路为R1的简单电路,

则R1的阻值:R1=

=48.4Ω,

当开关S1闭合、S2断开时,R1与R2串联,电路的总电阻最大,总功率最小,养生壶处于保温状态,

由I=

可得,此时电路中的总电阻:R总=

=1100Ω,

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,

所以,R2的阻值:R2=R总﹣R1=1100Ω﹣48.4Ω=1051.6Ω;

(4)满壶水的体积:V=1.5L=1.5dm3=1.5×10﹣3m3,

由ρ=

可得,水的质量:m=ρV=1.0×103kg/m3×1.5×10﹣3m3=1.5kg,

在标准大气压下水的沸点为100℃,则水吸收的热量:

Q吸=cm(t﹣t0)=4.2×103J/(kg•℃)×1.5kg×(100℃﹣20℃)=5.04×105J,

由η=

×100%可得,消耗的电能:W=

=7.2×105J,

由P=

可得,需要的加热时间:t′=

=720s=12min。

答:(1)闭合;(2)在保温档正常工作时,电路中的电流是0.2A;(3)R1的阻值为48.4Ω,R2的阻值为1051.6Ω;(4)如果养生壶的效率为70%,那么在标准大气压下要将满壶的水从20℃加热至沸腾需要12min。

三、实验,探究题(共3题,共20分)

17.(5分)在探究海波熔化过程的试验中,某实验小组讨论了以下问题:

(1)试验中需要的测量工具是温度计和   ,加热时需要不断观察海波的   变化;

(2)本实验成功的关键是保证海波   ,为此需要采用水浴法加热;

(3)实验结束后,他们绘制了海波熔化时温度随时间变化的图线如图所示,由图可知:海波的熔点是   ℃,海波熔化的特点是   。

【答案】(1)秒表;(2)均匀受热;(3)48,吸热温度升高,当温度升高到3min时开始熔化,7min时,固体海波全部熔化完毕变为液体。

【解析】由图像可以看出,海波的熔化过程中,熔点是48ºC,在3min-7min时间内是固液共存状态,下面进行解答:

(1)试验中需要的测量工具是温度计和秒表,加热时需要不断观察海波的状态变化;

(2)本实验成功的关键是保证海波均匀受热,为此需要采用水浴法加热;

(3)实验结束后,他们绘制了海波熔化时温度随时间变化的图线如图所示,由图可知:海波的熔点是48ºC,海波熔化的特点是吸热温度升高,当温度升高到时开始熔化,7min时,固体海波全部熔化完毕变为液体。

18.(5 分)某兴趣小组在探究浸在液体中的物体所受浮力大小规律的实验中,做了如图所示的实验,将同一物体A逐渐浸入到密度的液体中,并通过观察弹簧测力计的示数的变化规律,得出以下一些结论:

(1)分析比较实验序号甲、乙、丙可初步得出结论:当液体的密度相同时,物体排开液体的体积越大,物体受到的浮力越      ,分析比较实验序号      可初步得出结论:当排开液体的体积相同时,物体所受浮力与浸没在液体中的深度      (选填“有关”或“无关”)。

(2)由实验可知A物体的重力为   N,A物体浸没在液体中所受的浮力是   N。

【答案】(1)大;甲、丙、丁;无关;(2)6、2。

【解析】(1)分析比较实验序号甲、乙、丙,液体的密度相同时,物体排开液体的体积越大,弹簧测力计的示数越小,根据F浮=G﹣F示,物体受到浮力越大;研究物体所受浮力与物体浸没在液体中的深度的关系时,应控制排开液体的体积和液体的密度相同,改变物体A在液体的深度,所以,应分析比较实验序号甲、丙、丁。已知在丙、丁中,弹簧测力计的示数均为4N,根据F浮=G﹣F知,物体受到的浮力不变。可初步得出结论:当排开液体的体积相同时,物体所受浮力与浸没在液体中的深度无关;

(2)由甲图知,A物体的重力为6N,A物体浸没时,弹簧测力计的示数为4N,由F浮=G﹣F得:A物体浸没在液体中所受的浮力大小为2N。

19.(10分)小明和小华测量定额电压为2.5V的小灯泡的额定功率。

(1)①图甲是他们连接的部分电路请用笔画线代替导线将电路连接完整。

②闭合开关前,应将滑动变阻器处在最   (填写“左”或“右”)端。

③闭合开关后,发现无论怎样调节滑动变阻器的滑片,灯泡都不亮,电压表和电流表均无示数,小明找来一根完好的导线,一端连在电源负极,另一端触碰接线柱A、B、C,当发现只有触碰接线柱C时,灯泡才发光,若电路中只有一处故障,且各器材,导线均完好,则电路故障可能是   。

④排除故障后,闭合开关,移动滑动变阻器,当电压表为2.5V时,电流表示数如图乙所示,则小灯泡的额定功率为   W。

(2)小明和小华观察电流表和电压表均标有电阻值,请教老师后得知这是电表的电阻,为了在接好的图甲中较准确的测量出小灯泡的电功率,他们对电压表的负接线柱应该接在C处还是D处进行了探究,他们将开关闭合,移动滑动变阻器的滑片使灯泡发光,不添加器材,请你说出接下来的操作及判断方法。

①操作   ;

②如何判断:  。

(3)小明和小华重新设计了一种测量小灯泡额定功率的电路,如图丙所示,电源电压保持3.5V不变,R0为阻值为10Ω的定值电阻,连接好电路后进行如下操作:1)断开开关S2,闭合开关S和、S1,移动滑动变阻器滑片P,使电压表示数为2.5V;2)保持滑动变阻器滑片P位置不变,断开开关S1,闭合开关S、S2,读出电压表示数为2.6V;小灯泡的额电功率为   W(计算结果保留两位小数)。

【答案】(1)①如上所示;②左;③变阻器断路;④0.75。(2)①分别将电压表的负接线柱接在C处和D处,分别记下电压表的示数和电流表的示数UC、IC,UD、ID滑片,比较

的大小;②若

,说明电流表的分压较电压表的分流作用大,为避免电流表分得的电压对电压表测量的影响,要将电压表的负接线柱应该接D处;若

,说明电压表的分流较电流表的分压作用大,为避免电压表的分流对电流表测量的影响,要将电压表的负接线柱应该接C。(3)0.72。

【解析】(1)①因灯的电压为2.5V,电压表选用小量程与灯并联,如下所示:

②闭合开关前,应将滑动变阻器处在阻值最大处即最左端;

③闭合开关后,发现无论怎样调节滑动变阻器的滑片,灯泡都不亮,电压表和电流表均无示数,说明电路断路;小明找来一根完好的导线,一端连在电源负极,当发现只有触碰接线柱C时,灯泡才发光,说明电源负极与C间发生断路,若电路中只有一处故障,则电路故障可能是变阻器断路;

④移动滑动变阻器,当电压表为2.5V时,电流表示数如图乙所示,图中电流表选用小量程,分度值为0.02A,示数为0.3A,则小灯泡的额定功率为P=UI=2.5V×0.3A=0.75W。

(2)在(1)①图中,分别将电压表的负接线柱接在C处和D处,分别记下电压表的示数和电流表的示数UC、IC,UD、ID滑片,接到C时,电流表测量的电流大小等于通过灯的电流,而电压表测灯与电流表串联的电压;

接到D时,电压表测灯的电压是准确的,而电流表测通过电压表与灯的总电流;

②若

,说明电流表的分压较电压表的分流作用大,为避免电流表分得的电压对电压表测量的影响,要将电压表的负接线柱应该接D处;

,说明电压表的分流较电流表的分压作用大,为避免电压表的分流对电流表测量的影响,要将电压表的负接线柱应该接C;

(3)在上面的第2次操作中,保持持滑动变阻器滑片P位置不变,断开开关S1,闭合开关S、S2,读出电压表示数为2.6V;此时定值电阻与变阻器串联,根据串联电路的电压规律,变阻器的电压U滑=3.5V-2.6V=0.9V,根据分压原理:

,即

故在第1次操作中,由串联电路的规律和欧姆定律,通过变阻器的电流即灯的额定电流:

故灯的额定功率:PL=ULIL=2.5V×

A≈0.72W。

故答案为:(1)①如上所示;②左;③变阻器断路;④0.75。(2)①分别将电压表的负接线柱接在C处和D处,分别记下电压表的示数和电流表的示数UC、IC,UD、ID滑片,比较

的大小;②若

,说明电流表的分压较电压表的分流作用大,为避免电流表分得的电压对电压表测量的影响,要将电压表的负接线柱应该接D处;若

,说明电压表的分流较电流表的分压作用大,为避免电压表的分流对电流表测量的影响,要将电压表的负接线柱应该接C。(3)0.72。

四、综合题(2个题,共20分)

20.(8分)阅读短文,回答问题。

星期日,小王在家里写完作业后,小王的妈妈让小明去理发店理发,小王想绿色出行,因此就骑着家里的自行车去理发店了。骑在人行绿道上,小王就用力打着铃声,让路上的人注意安全,小王还看到路上内燃机车在奔驰,车还从排气筒中冒出黑烟。在上坡时小王就猛踩了几下自行车才上去,一会就到了理发店门口。进入店内,服务员先给他洗头,然后就用剪刀剪,最后就用吹风机给他吹风,小王刚开始感觉到风太热了,所以就让服务员不要吹热风,一会小王的头发就被吹干了,之后就骑着自行车回家去了。想想小王的经历,结合学过的物理知识,请你从中举出三例,并说出它们所包含的物理知识。


物理现象

物理知识

1



2



3



【解析】找出涉及到的物理知识和现象,例如:小王用力按铃,是让路人注意安全,利用了声音可以传递信息;在上坡时小王用力猛踩自行车来提高自行车的速度,是提高自行车动能,有足够的动能转换为重力势能;抽风机吹头发,是电能转化为热能和机械能;小王的头发很快吹干,是因为温度高并加快了空气流通,使蒸发加快等。

此题答案从下表中选取即可。


物理现象

物理知识

1

小王就用力打着铃声,让路上的人注意安全

声音可以传递信息

2

在上坡时小王就猛踩了几下自行车才上去

有足够的动能转化为重力势能

3

吹风机给他吹风,小王刚开始感觉到风太热了

电能转化为机械能(风能)和内能

4

一会小王的头发就被吹干了

加快空气流动可以加快液体蒸发

【答案】见上表。

21.(12分)一实心金属块在空气中称量时重5.4N,现将其挂在弹簧测量力计下,慢慢放入一个底面积为100cm2的圆柱形容器内的水中,如图所示,当金属块有一半浸入水中时,弹簧测力计的示数为4.4N.求:(g=10N/kg)

(1)若将金属块全部浸没在水中,求弹簧测力计的示数;

(2)金属块的密度;

(3)当金属块浸没时,若水不溢出,求水对容器底增大的压强;

(4)若将金属块浸没在某种液体中,弹簧测力计的示数为3.8N,则该液体的密度是多少?

【解析】(1)已知金属块在空气中称量时重5.4N,当金属块有一半浸入水中时,弹簧测力计的示数为4.4N。

则当金属块有一半浸入水中时的浮力F浮=5.4N﹣4.4N=1N,

当金属块全部浸没在水中,受到的浮力

=2N,

则此时弹簧测力计的示数F拉=G﹣

=5.4N﹣2N=3.4N;

(2)金属块质量m=

=0.54kg,

由F浮=ρgV排可得,金属块体积:

V=V排=

=2×10﹣4m3,

金属块的密度:ρ=

=2.7×103kg/m3;

(3)当金属块浸没时,若水不溢出,水增大的深度:

△h=

=0.02m,

水对容器底增大的压强:△p=ρ水g△h=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.02m=200Pa;

(4)若将金属块浸没在某种液体中,此时的浮力F浮液=5.4N﹣3.8N=1.6N,

金属块体积不变V=V排=2×10﹣4m3,

由F浮=ρgV排可得,该液体的密度:ρ液=

=800kg/m3;

答:(1)弹簧测力计的示数为3.4N;(2)金属块的密度为2.7×103kg/m3;(3)当金属块浸没时,若水不溢出,求水对容器底增大的压强为200Pa;(4)则该液体的密度是800kg/m3。

五、作图(1个题,3分)

22.如图所示,光源S发出的一束光经墙上的平面镜反射后,射入游泳池中。请画出它经平面镜发生反射及进入水中发生折射的光路图。

【解析】先过入射点垂直于镜面作出法线,根据反射角等于入射角作出其反射光线;再根据当光从空气斜射入水中时,折射角小于入射角,作出其折射光线,如下图所示。

六、填空题(5个题,共15分)

23.甲、乙两同学在平直的路面上同向进行,他们运动的s﹣t图象如图所示,由此可判断   同学运动较快,开始运动时两同学相距   m,图中的a点表示   。

【答案】甲;10;甲同学追上了乙同学。

【解析】 (1)由图象可以看出,在时间为5s时,甲同学运动25m,乙车运动25m-10m=15m;相同时间内,甲同学通过的路程大,所以甲同学运动得快。

(2)由图象可知开始运动时,甲同学从0m出发,乙同学距离甲出发点前10m,故相距的距离为10m。

(3)由图象可知,图中的a点表示相遇,即甲同学追上了乙同学。

故答案为:甲;10;甲同学追上了乙同学。

24.如图所示,在“探究光的反射规律”实验中,入射角是________;改变入射光的方向,使入射角变大,则反射角变________;以ON为轴将硬纸板的右半面向后旋转,在硬纸板上_______(填“能”或“不能”)观察到反射光。

故答案为:α;大;不能。

【解析】在“探究光的反射规律”实验中,∠α是入射光线和法线的夹角,所以是入射角;在光的反射时,入射角和反射角相等,所以使入射角变大,则反射角变大;以ON为轴线,把纸板F向后缓慢旋转一个角度,在白纸板上不能看到反射光线,是因为纸板OB面和反射光线以及法线不在同一个平面上。

故答案为:α;大;不能。

25.如题图所示,由不同物质制成的甲和乙两种实心球的体积相等,此时杠杆平衡(杠杆自重、挂盘和细线的质量忽略不计)。则杠杆左右两边的力臂之比为 ,1个甲球和1个乙球的质量之比为 ,甲球和乙球的密度之比为 。

【答案】答案是:2:1、1:3、1:3。

【解析】图中,杠杆平衡,左侧杠杆力臂是右侧杠杆力臂的2倍,力臂之比是:2:1;如果甲物体质量用m甲、乙物体质量用m乙表示,那么可以得到:

即:

,质量之比为1:3;由于甲乙两球体积相同,故其密度比也是1:3。

26.“城市尚余三伏热,秋光先到野人家”,说明在陆游那个时代,人们就已觉察到城市暖于郊区。分析城市“热岛效应”的主要原因:一是工厂、交通工具排放大量的 ;二是建筑群、马路中的砂石、水泥的 小,在相同日照条件下温度上升更明显;三是城市水面小,水的 吸热少;四是楼群林立,难以形成对流。

【答案】废气、比热容,蒸发。

【解析】引起热岛效应的原因有:工厂、交通工具等排放大量的废气,给空气带来大量的热;城市建筑材料的沙石的比热容较小,在相同的日照下(吸收相同的热量)温度上升较快;城市水少,水蒸发时吸收热量少;建筑物较高,空气难以形成对流。

故答案为:废气、比热容,蒸发。

27.图示实验装置中,磁体和导体棒均水平放置,断开S2、闭合S1,使导体棒水平向右运动,电流表G的指针向右偏,这是  现象,为使G的指针向左偏,可使导体棒向   运动,断开S1、闭合S2,导体棒能运动起来,依此可制成   (选填“电动机”或“发电机”)。

【答案】电磁感应;左;电动机。

【解析】断开S2、闭合S1,使导体棒水平向右运动,此时导体在磁场中做切割磁感线运动,电路中就会产生感应电流,电流表G的指针向右偏,这是电磁感应现象;

感应电流的方向与导体运动方向有关,为使G的指针向左偏,可使导体棒向左运;

断开S1、闭合S2,导体棒有电流,在磁场中受到到力的作用,能运动起来,这就是电动机的原理。

故答案为:电磁感应;左;电动机。

责任编辑: 鲁达

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